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(1)答案先升高后降低(2分)吸收(1分)大于(2分)C.两列声波在空气中传播的波速之比v。：v%=1：1解题分析根据p一V图的等温线可知，气体在M→N过程的温度先升高后降低；在N→Q过程，体积不变，压强变大，可知气D.声源b的振动方程为x=Acos平体温度升高，内能增大，结合热力学第一定律可知该过程气体吸收E.声源a的振动方程为x=Asin乎热量；因为Q>M过程气体的压强较大，而两种情况气体体积的变(2)(10分)将一透明圆柱体固定在水平化相同，所以Q→M过程外界对气体所做的功W1大于MN过光屏地面上，圆柱体的截面是半径为R的程气体对外界所做的功W2。圆，O为圆心。在圆柱的截面上A点(2)解题分析①初状态气体的压强均为p(A与O等高)贴有一个点光源，点光汽缸直立后，设上方气体压强为1，下方气体压强为p2,满足源射入透明介质的光，经介质传播和p1S+mg=p2S(1分)折射后，照射在与圆心O距离为2R甲对上方气体，有p0·2Vo=V1(1分)对下方气体，有o·2V。=p2V2(1分)的竖直光屏上。已知透明介质对光的折射率为3，光在真由于V1+V2=4V。(1分)空中的传播速度为c。求：联立解得A,=号V,=22VV,=(4-22)V。（1分)①光以最短路程传播到光屏时所用的时间。②光屏上亮斑最高点离地面的高度（不考虑光在透明圆柱②加热后下方气体膨胀，活塞上升，当活塞回到中间位置时，体中的反射)。上方气体的压强'=p0(1分)对下方气体，有会=停2分)由于p1'S十mg=2'S(1分)联立解得T=2T。(1分)34.[物理—选修3-4](15分)(1)答案BCD(5分)(1)【典型情境题】(5分)如图所示，a、b是两声源在空气中的振解题分析由题图可知，a、b两波源的周期之比T。：T6=1:动图像，声源振动后在空气中产生两列声波，若A的振动周2,故不能发生稳定的干涉现象，A项错误；两声波波速相等，所以期为T,下列说法正确的是。(填正确答案标号。入。：入=T。:T6=1:2,B、C项正确；声源b的振动方程为x选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选2Acos牙，D项正确；由振动图像可知，声源a的振动方程为工错1个扣3分，最低得分为0分)↑x一Asin2孕，E项错误。(2)解题分析①光以最短距离传播到光屏时，光路图如图乙所示光屏根据折射率与光速的关系”一得口一-AA.两列声波在空气中能发生稳定的干涉现象。2分B.两列声波在空气中传播的波长之比入。：入6=1：223·D·理科综合（物理部分）-Y